2018届崇明区高考物理二模

物 理

考生注意：

1．答题前，务必在试卷与答题纸上填写学校、姓名、准考证号。 2．试卷满分100分，考试时间60分钟。

3．本考试分设试卷和答题纸。试卷包括三大部分，第一部分为单项选择题，第二部分为填空题，第三部分为综

合题。

4．作答必须涂或写在答题纸上相应的位置，在试卷上作答无效。

一、单项选择题（共40分，1至8题每小题3分，9至12题每小题4分。每小题只有一个正

确选项）

1．建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是

A．法拉第

B．奥斯特

C．麦克斯韦

D．赫兹

2．由核反应产生，且属于电磁波的射线是

A．阴极射线

B．X射线

C．射线

D．射线

3．下列能源中属于常规能源的是

A．石油

B．地热能

C．太阳能

D．核能

4．在卢瑟福粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两

个粒子穿过金箔散射过程的径迹（图中的黑点为金箔的原子核），其中正确的是

B C D A

5．万有引力可以理解为：任何有质量的物体都要在其周围空间产生一个引力场，而一个有质量

的物体在其他有质量的物体所产生的引力场中，都要受到该引力场的引力（即万有引力）作用，这种情况可以与电场类比，那么，在地球产生的引力场中的重力加速度，可以与电场中下列哪个物理量相类比 A．电场力

B．电场强度

C．电势

D．电势能

6．如图所示，表示一定质量的气体的状态由A经B到C回到A的图像，其中AB延长线通过

坐标原点．BC和AC分别与T轴和V轴平行． 则，下列描述正确的是 A．A→B过程气体压强增加 B．B→C过程气体压强不变 C．C→A过程气体分子密度减小 D．A→B过程气体分子平均动能增加

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V C A O B T

7．做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小

1为原来的，则单摆振动的

2 A．频率、振幅都不变 B．频率、振幅都改变

C．频率不变、振幅改变

D．频率改变、振幅不变

8．如图，用导线将验电器与某种金属板连接，用弧光照射金属板，验电器指针发生明显偏转，

在这个过程中

A．金属板上的电子转移到验电器上 B．金属板上光子转移到验电器上 C．金属板上光电子转移到验电器上 D．验电器上电子转移到金属板上

9．如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻r0，滑片P在变阻器正中位置时，电灯L正

A 常发光，各电表为理想电表．现将滑片P向右移动的过程中

E r A．电流表示数变小 L B．电压表示数变大 C．电灯L的功率不变 D．电阻R1的功率变小

P R V R1 10．如图，A、B两个同轴线圈在同一平面，A线圈通有顺时针方向逐渐增加的电流I1，则穿过

B线圈引起感应电流的磁通量的方向和B线圈产生的感应电流I2的方向分别为

A．垂直纸面向内，I2逆时针方向 B．垂直纸面向内，I2顺时针方向 C．垂直纸面向外，I2逆时针方向 D．垂直纸面向外，I2顺时针方向

且经过0.35s质点P恰好第2次到达y轴正方向最大位移处．设波的周期为T，波速为v，则

y/cm A．波沿着x轴正向传播

5 Q B．波的周期T0.175s 2.5 0 C．波的波速为v2m/s P 0.2 0.4 x/m D．再经过T/8，Q点到达平衡位置

-5 12．物体以某一初速度v0沿斜面上滑，物体运动的vt图像如图，其中不可能的是 ．．．

v v v v

O A

t O B

t O t O D

t A I1 B 11．如图所示是一列简谐横波在t0时刻的波动图像。如果此时刻质点P的运动方向沿y轴负方向，

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二、填空题（每题4分，共20分）

13．以速度v0竖直向上抛出一物体，忽略空气阻力的影响，则物体上升的最大高度为 ；

当物体的动能和重力势能相等时，物体离抛出点的高度为 ．

14．已知电场中A点的电势为2.0102V，将一电荷量为2.0108C的检验电荷置于该点时，它

的电势能为 J，将该电荷移动到电场中的B点，电场力做了5106J的正功，则B点的电势为 V．

15．如图，一质量为m的光滑小球，在半径为R的竖直光滑圆环内侧做

圆周运动，已知小球到达圆环最高点时环对球的压力刚好等于零， 则此时小球的受到的向心力为 ，此时小球的线速度大 小为 ．

16．上端开口的光滑圆形气缸竖直放置，活塞质量不计，横截面积S10cm2．

将长为h30cm的一定质量气体封闭在气缸内．已知外界大气压强为

F R p01.0105Pa保持不变，气体温度为27℃保持不变。用外力F缓慢

向下压活塞，当气体长度为h20cm时，压力F的大小为 ． 然后在逐渐减小外力的同时改变气体温度，使活塞位置保持不变，则 当F0时，气体温度为 K。

17．质量均为m的两个可视为质点的小球A、B，分别被长为L的

绝缘细线悬挂在同一点O，给A、B分别带上一定量的正电荷， 并用水平向左的外力作用在A球上，平衡以后，悬挂A球的细 线竖直，悬挂B球的细线向右偏60°角，如图所示．若A球的

带电量为q，则B球的带电量为 ，水平外力F大小为 ．

A B L 60 O L F h 三、综合题（共40分）注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求

给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。

18．（12分）利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差。

供选择的器材有：

A．电流表A（0～0.6A） C．电压表V2（0～15V） H．开关一个，导线若干

（1）实验中电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 （选填相应器材前的字母）．

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B．电压表V1（0～3V） D．滑动变阻器R1（0～20Ω） G．定值电阻R01Ω

E．滑动变阻器R2（0～200Ω）

（2）闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读

数变化都非常小．同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻R01Ω，问题得到解决．请你在虚线框内画出改进后的电路图． R V A U/V 1.6 1.5 1.4 1.3 1.2 1.1 I/A 1.0 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 S E r （3）改进电路图以后，某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上．在坐标纸上 图3 图1 图2 UI图线，并根据所画图线可得出干电池的电动势E V，内电阻r Ω．画出 ．．（结果小数点后保留两位有效数字）

19．（13分）如图，物体在光滑曲面上a点，从静止开始自由滑下，进入粗糙水平面bc，再沿粗

糙斜面上滑，到达斜面的d点时速度为零。已知斜面的倾角37，物体与斜面和水平面间的滑动摩擦系数均为0.2，且bccd，h0.48m，设物体在b点和c点均无速度损失． （sin370.6，cos370.8，g10m/s2） 求：（1）物体到达b点是的速度vb； （2）作出物体沿斜面上滑时受力示意图，

并求出加速度a2； （3）bc的长度为多少？

20．（15分）如图所示，MN、PQ为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距L为0.5m，

导轨左端连接一个阻值为R2.5的定值电阻R．将一质量为0.2kg的金属棒cd垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒cd的电阻r1.5，导轨电阻不计，整个装置处于垂

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a h θ b

c d 直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度B2T．若金属棒以1m/s的初速度向右运动，同时对棒施加一个水平向右的拉力F，并保持拉力的功率恒为4W，从此时开始计时，经过2s金属棒的速度稳定不变，试求：

（1）金属棒cd的电流方向，并分析金属棒的加速度变化情况； （2）金属棒稳定后速度是多少？此时电阻R上消耗的电功率是多少？

（3）金属棒速度为2m/s时的加速度大小，并画出整个运动过程中大致的vt图像，

并标出t0，t2s时坐标．

第 5 页 / 共 8 页 M c N R F P d Q v 0 1 2 t

2018年上海市崇明区高中学业水平等级性考试

物理试卷参

一、单项选择题（共40分，1至8题每小题3分，9至12题每小题4分。每小题只有一个正确选项）

题号 答案

二、填空题（每题4分，共20分） 13 14 15 16 17 第一空 第二空 1 C 2 D 3 A 4 C 5 B 6 D 7 C 8 D 9 C 10 A 11 C 12 B v02 2g4.010-6 mg 50N mg L2 kqv02 4g-50 gR 200 3mg 2三、综合题（共40分） 注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。 18题 （12分）

电压表选用____B____滑动变阻器选用___D_____电动势E=1.48V，内电阻r=0.60Ω

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给分标准 1、4分，每格2分；2、 电路图2分 3、6分，其中图线 2分 ，填空4分，每格2分

19、解：（13分）

（1）a→b由于是光滑曲面，物体下滑过程中只有重力做功，根据机械能守恒定律可得： （文字说明） （1分）

1

mgh=mvb2 （1分）

2

vb=2gh =2100.48 m/s =9.6 m/s 3.1m/s （1分） （2）受力如图所示，（2分）

对物体在c→d受力分析，根据牛顿第二定律，（1分）

mgsinθ+μmgcosθ=ma2 （1分）

a2=g（sinθ+μcosθ）=10（0.6+0.20.8）m/s2 =7.6 m/s2 （1分） （3）对物体在b→c受力分析，根据牛顿第二定律， （1分）

μmg=ma1

a1 =μg=0.210 m/s2 =2m/s2 （1分）

设bc=cd=s，物体到达c点的速度为vc，对物体在b→c和c→d分别应用运动学公式， vc2- vb2=2a1s ① （1分） 0- vc2=2a2s ② （1分） 由①、②式可得：

vb29.6

s==m=0.5m （1分） 2（a1+ a2）2（2+ 7.6）

20、解：（15分）

（1）由右手定则可知金属棒cd的电流方向为d到c；（2分）

金属棒在水平方向受到拉力F和安培力的作用，由于拉力F的功率保持不变，由P=Fv可知，B2L2v速度增加拉力F在减小，而安培力FA=,随着速度的增加而增大，初始时，拉力F大于安培

r+R力，有牛顿第二定律F-FA=ma 可知，合力减小，故加速度减小；最终拉力F等于安培力，金属棒的速度稳定不变做匀速直线运动，加速度为零。所以金属棒的加速度先减少，减小为零后保持不变。

金属棒随着速度增加，加速度减小，最后减小到0， B2L2v而安培力FA=随着速度的增加而增大 r+R第 7 页 / 共 8 页

N f mg 1分 1分 由P=Fv可知，速度增加拉力F在减小， 牛顿第二定律F-FA=ma 1分 1分 （2）金属棒稳定后，加速度为零，根据共点力平衡条件，（1分） F = F安

PE

而F =， F安=BIL， I=，E=BLv （1分）

vr+R综上可得 v=

p(Rr) m/s =4m/s （1分） 22BL 回路中的电流，

BLv20.54

I==A=1A （1分）

r+R 1.5+2.5 电阻R上消耗的功率，

PR=I2R= 122.5W=2.5W （1分）

（3）结合（2），根据牛顿第二定律，金属棒速度为2 m/s时的加速度大小， PB2L2v - =ma （1分）

vr+R

4220.522)/0.2 m/s2 =7.5m/s2 （1分） a =(22.51.5结合（1）的分析，大致的v-t图， （2分）

4 2 O

v/ms-1 1 2

t/s

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